# 如何寻找缺失和重复的元素

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读完本文，你不仅学会了算法套路，还可以顺便解决如下题目：

| LeetCode | 力扣 | 难度 |
| :----: | :----: | :----: |
| [645. Set Mismatch](https://leetcode.com/problems/set-mismatch/) | [645. 错误的集合](https://leetcode.cn/problems/set-mismatch/) | 🟢

**-----------**

今天就聊一道很看起来简单却十分巧妙的问题，寻找缺失和重复的元素。之前的一篇文章 [常用的位操作](https://labuladong.github.io/article/fname.html?fname=常用的位操作) 中也写过类似的问题，不过这次的和上次的问题使用的技巧不同。

这是力扣第 645 题「错误的集合」，我来描述一下这个题目：

给一个长度为 `N` 的数组 `nums`，其中本来装着 `[1..N]` 这 `N` 个元素，无序。但是现在出现了一些错误，`nums` 中的一个元素出现了重复，也就同时导致了另一个元素的缺失。请你写一个算法，找到 `nums` 中的重复元素和缺失元素的值。

```java
// 返回两个数字，分别是 {dup, missing}
int[] findErrorNums(int[] nums);
```

比如说输入：`nums = [1,2,2,4]`，算法返回 `[2,3]`。

其实很容易解决这个问题，先遍历一次数组，用一个哈希表记录每个数字出现的次数，然后遍历一次 `[1..N]`，看看那个元素重复出现，那个元素没有出现，就 OK 了。

但问题是，这个常规解法需要一个哈希表，也就是 O(N) 的空间复杂度。你看题目给的条件那么巧，在 `[1..N]` 的几个数字中恰好有一个重复，一个缺失，**事出反常必有妖**，对吧。

O(N) 的时间复杂度遍历数组是无法避免的，所以我们可以想想办法如何降低空间复杂度，是否可以在 O(1) 的空间复杂度之下找到重复和缺失的元素呢？

### 思路分析

这个问题的特点是，每个元素和数组索引有一定的对应关系。

我们现在自己改造下问题，**暂且将 `nums` 中的元素变为 `[0..N-1]`，这样每个元素就和一个数组索引完全对应了，这样方便理解一些**。

如果说 `nums` 中不存在重复元素和缺失元素，那么每个元素就和唯一一个索引值对应，对吧？

现在的问题是，有一个元素重复了，同时导致一个元素缺失了，这会产生什么现象呢？**会导致有两个元素对应到了同一个索引，而且会有一个索引没有元素对应过去**。

那么，如果我能够通过某些方法，找到这个重复对应的索引，不就是找到了那个重复元素么？找到那个没有元素对应的索引，不就是找到了那个缺失的元素了么？

那么，如何不使用额外空间判断某个索引有多少个元素对应呢？这就是这个问题的精妙之处了：

**通过将每个索引对应的元素变成负数，以表示这个索引被对应过一次了**，算法过程如下 GIF 所示：

![](https://labuladong.gitee.io/pictures/dupmissing/1.gif)

如果出现重复元素 `4`，直观结果就是，索引 `4` 所对应的元素已经是负数了：

![](https://labuladong.gitee.io/pictures/dupmissing/2.jpg)

对于缺失元素 `3`，直观结果就是，索引 `3` 所对应的元素是正数：

![](https://labuladong.gitee.io/pictures/dupmissing/3.jpg)

对于这个现象，我们就可以翻译成代码了：

```java
int[] findErrorNums(int[] nums) {
    int n = nums.length;
    int dup = -1;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        int index = Math.abs(nums[i]);
        // nums[index] 小于 0 则说明重复访问
        if (nums[index] < 0)
            dup = Math.abs(nums[i]);
        else
            nums[index] *= -1;
    }

    int missing = -1;
    for (int i = 0; i < n; i++)
        // nums[i] 大于 0 则说明没有访问
        if (nums[i] > 0)
            missing = i;
    
    return new int[]{dup, missing};
}
```

这个问题就基本解决了，别忘了我们刚才为了方便分析，假设元素是 `[0..N-1]`，但题目要求是 `[1..N]`，所以只要简单修改两处地方即可得到原题的答案：

```java
int[] findErrorNums(int[] nums) {
    int n = nums.length;
    int dup = -1;
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        // 现在的元素是从 1 开始的
        int index = Math.abs(nums[i]) - 1;
        if (nums[index] < 0)
            dup = Math.abs(nums[i]);
        else
            nums[index] *= -1;
    }

    int missing = -1;
    for (int i = 0; i < n; i++)
        if (nums[i] > 0)
            // 将索引转换成元素
            missing = i + 1;

    return new int[]{dup, missing};
}
```

其实，元素从 1 开始是有道理的，也必须从一个非零数开始。因为如果元素从 0 开始，那么 0 的相反数还是自己，所以如果数字 0 出现了重复或者缺失，算法就无法判断 0 是否被访问过。我们之前的假设只是为了简化题目，更通俗易懂。

### 最后总结

对于这种数组问题，**关键点在于元素和索引是成对儿出现的，常用的方法是排序、异或、映射**。

映射的思路就是我们刚才的分析，将每个索引和元素映射起来，通过正负号记录某个元素是否被映射。

排序的方法也很好理解，对于这个问题，可以想象如果元素都被从小到大排序，如果发现索引对应的元素如果不相符，就可以找到重复和缺失的元素。

异或运算也是常用的，因为异或性质 `a ^ a = 0, a ^ 0 = a`，如果将索引和元素同时异或，就可以消除成对儿的索引和元素，留下的就是重复或者缺失的元素。可以看看前文 [常用的位运算](https://labuladong.github.io/article/fname.html?fname=常用的位操作)，介绍过这种方法。




<hr>
<details>
<summary><strong>引用本文的题目</strong></summary>

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| LeetCode | 力扣 |
| :----: | :----: |
| [442. Find All Duplicates in an Array](https://leetcode.com/problems/find-all-duplicates-in-an-array/?show=1) | [442. 数组中重复的数据](https://leetcode.cn/problems/find-all-duplicates-in-an-array/?show=1) |
| [448. Find All Numbers Disappeared in an Array](https://leetcode.com/problems/find-all-numbers-disappeared-in-an-array/?show=1) | [448. 找到所有数组中消失的数字](https://leetcode.cn/problems/find-all-numbers-disappeared-in-an-array/?show=1) |

</details>



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======其他语言代码======

[645.错误的集合](https://leetcode-cn.com/problems/set-mismatch)



### java

[zhuli](https://github.com/1097452462 "zhuli")提供的Java代码：
```java
class Solution {
    public int[] findErrorNums(int[] nums) {
        int n = nums.length;
        int dup = -1;
        for (int i = 0; i < n; i++) {
	    // 元素是从 1 开始的
            int index = Math.abs(nums[i]) - 1;
            // nums[index] 小于 0 则说明重复访问
            if (nums[index] < 0)
                dup = Math.abs(nums[i]);
            else
                nums[index] *= -1;
        }
        int missing = -1;
        for (int i = 0; i < n; i++)
            // nums[i] 大于 0 则说明没有访问
            if (nums[i] > 0)
		// 将索引转换成元素
                missing = i + 1;
        return new int[]{dup, missing};
    }
}
```



### javascript

```js
/**
 * @param {number[]} nums
 * @return {number[]}
 */
var findErrorNums = function (nums) {
    let n = nums.length;
    let dup = -1;
    for (let i = 0; i < n; i++) {
        // 现在的元素是从1开始的
        let index = Math.abs(nums[i]) - 1;
        if (nums[index] < 0) {
            dup = Math.abs(nums[i]);
        } else {
            nums[index] *= -1;
        }
    }

    let missing = -1;
    for (let i = 0; i < n; i++) {
        if (nums[i] > 0) {
            // 将索引转换成元素
            missing = i + 1;
        }
    }

    return [dup, missing]
};
```

